-
高考理科数学《数列》题型归纳与训练
【题型归纳】
等差数列、等比数列的基本运算
题组一
等差数列基本量的计算
例
1
设<
/p>
S
n
为等差数列
{
a
n
}
的前
n
项和,若
a
1
=1
,公差
d
=2
,
S
n
+
2
?
S
n<
/p>
=36
,则
n
=
A
.
5
C
.
7
【答案】
D
【解析】解法一:由题知
S
n
?
na
1
?
2)
2
?
n
2
=4
n
+
4=36
,所以
n
=8.
p>
解法二:
S
n<
/p>
+
2
?
S
n
=
a
n
+
1
+
a
n
+
2
=2
< br>a
1
+
(2
n
+
1)
d
=2
+
2(2
n
+
1)=36
,解得
n
=8.
所以选
D
.
【易错点】
对
S<
/p>
n
+
2
?
S
n
=36
,解析为
a
n
+
2
p>
,
发生错误。
题组二
等比数列基本量的计算
例
2
在各
项均为正数的等比数列
{
a
n
}
中,若
a
2
?
1,
a
8
?
a
6
?
2
a
4
,则
< br>a
6
的值是
________<
/p>
.
【答案】
4
【解析】设公比为
q
(
q
≠0)
,∵
a
2
=1
,则由
a
8
?
a
6
?
2
a
4
得
< br>q
?
q
?
2
q
,即
q
?
q
?
2
?<
/p>
0
,解得
q
2<
/p>
=2
,
4
p>
∴
a
6
?
a
2
q
?
4
.
B
.
6
D
.
8
p>
n
(
n
?
1)
d
?
n
?
n
?
n
?
1
?
?
n
2
,
S
n
+
2
=(
n
+
2)
2
,由
S
n
+
2
p>
?
S
n
=36
p>
得,
(
n
+
2
6
4
2
4
2
【易错点】
忘了条件
中的正数的等比数列
.
【思维点拨】
等差
< br>(比)数列基本量的计算是解决等差(比)数列题型时的基础方法,在高考中常有所体现,多以
< p>选择题或填空题的形式呈现,有时也会出现在解答题的第一问中,属基础题
.
等差
(
比
)
数列基本运算的解题
思路:
(1)
设基本量
a
1<
/p>
和公差
d
(
公比
q
)
.
p>
(2)
列、解方程组:把条件转化为关于
a
1
和
d
(
p>
q
)
的方程
(
p>
组
)
,然后求解,注意整体计算,以减少运
算量.
1
等差数列、等比数列的判定与证明
题组一
等差数列的判定与证明
例
1
设数列
{
a
n
}
的各项都为正数,其前
n
项和为
S
n
,已知对任意
n
∈
N
*
,
S
n
是
a
2
n
和
a
n
的等差中项.
< br>
(1)
证明:数列
{
a
n
}
为等差数列;<
/p>
(2)
若
b<
/p>
n
=?
n
+
p>
5
,求
{
a
n
·
b
n
}
的最大项的值并求出取最大值时
n
的值.
【答案】
(1)<
/p>
见解析;
(2)
当
n
=2
或
n
=3
时,
{
a
n
·
b
n
}
的最大项的值为
6.
【解析】
(1)
由已知可得
2
S
n
=
a
p>
2
n
+
a
n
,且
a
n
>0
,
当
n
=1
时,
2
a
1
=
a
< br>2
1
+
a
1
,解得
a
1
=1
;
当
n
≥2
时,有
2
S
n
?1
=
a
2
n
-
1<
/p>
+
a
n
?1
p>
,
所以
2
a
n
=2
S
n
?2
S
n
?1
=
a
2
n
?
a
2
< br>n
-
1
+
a
n
?
a
n
?1
,
所以
a
2
n
?
p>
a
2
n
-
1
=
a
n
+
a
n
?1
,即
(
a
n
< br>+
a
n
?1
)(
a
n
?
a
n
?1
)=
a
n
+
a
n
?1
,
因为
a
n
+
a
p>
n
?1
>0
,
p>
所以
a
n
?
a
n
?1
=1(
n
≥2)
p>
.
故数列
{
p>
a
n
}
是首项为<
/p>
1
,公差为
1
的
等差数列.
(2)
由
(1)
可知
a
n
=
n
,
< br>设
c
n
=
a
n
·
b
n
,则
c
n
=<
/p>
n
(?
n
+
p>
5)=?
n
2
+<
/p>
5
n
=?
?
p>
?
n
-
5
2
?
?
2
+
25
4
,
因为
n
∈
< br>N
*
,
所以当
n
=2
或
n
=3
时,
{
a
n
·
b
n
}
的最大项的值为
6.
【易错点】
S
n
是
a
2
n
和
a
n
的等差中项,无法构
建一个等式去求解出
a
n
。
【思维点拨】
等差数列的判定与证明的方法:
①<
/p>
定义法:
a
n
?
1
?
a
n
p>
?
d
(
n
?
N
*
)
或
a
n
?
< br>a
n
?
1
?
d
(
n
?
2,
n
?
N<
/p>
*
)
?
?
a
n
?
是等差数列;
②
定义变形
法:验证是否满足
a
n
?
1
?
a
n
< br>?
a
n
?
a
n
?
1
(
n
?
2,
n<
/p>
?
N
*
)
;
③
等差中项法:
2
a
*
n
p>
?
1
?
a
n
?
a
n
?
2
(
n
< br>?
N
)
?
?
a
n
?
为
等差数列;
④
通项公式法:通项公式
形如
a
n
?
p
n
?
q
(
p<
/p>
,
q
为常数
)<
/p>
?
?
a
n
?
为等差数列;
⑤
前
n
项和公式法:
S
n
?
pn
2
?
qn
(
p
,
q
为常数
)
?
?
a
n<
/p>
?
为等差数列.
注意:
2
(
1
)若判断一个数列不是等差数列,
只需找出三项
a
n
,
< br>a
n
?
1
,
a
n
?
2
,使得
2
a
n
?
1
?
a
p>
n
?
a
n
?
2
即可;
(
2
)如果要证明一个数列是等差数列,则必须
用定义法或等差中项法.
题组二
等比数列的判定与证明
例
2
设数列
{
a
n
}
的前
n
项和为
S
n
,已知
a
1
=1
,
S
n
+
1
=4
a
n
< br>+
2.
(1)
设
b
n
=
a
n
+
1
?2
a
n
,证明:数列
{
b
n
}
是等比数列;
(2)
求数列
p>
{
a
n
}
的通项公式.
【答案】
(1)
见解析;
(2)
a
n
=(3
n
?1)·2
n
?2
.
<
/p>
【解析】
(1)
由
a
1
=1
及
S
n
+
1
=4
a
n
+
2
p>
,得
a
1
+
a
2
=
S
2
=4
a
1
+
2.
∴
a
2
=5
,
< br>
∴
b
1
=
a
2
?2
a
1
=3.
又
?
?
?
S<
/p>
n
+
1
=
4
a
n
+
2
,
p>
①
?
?
S
n
=
4
a
n
-
1
+
< br>2
,
②
①
p>
?
②,得
a
n
p>
+
1
=4
a
n
?4
a
n
?1
,
∴
a
n
+
1
?2
a
n
=2(
a
n
?2
a
n
?1
)
.
< br>
∵
b
n
=
a
n
+
1
?2
a
n
,<
/p>
∴
b
n
=2
b
n
?1
,
故
{
b
n
}
是首项
b
1
=3
,公比为
2
的等比数列
.
<
/p>
(2)
由
(1)
知
b
n
=
a<
/p>
n
+
1
?2
p>
a
n
=3·2
n<
/p>
?1
,
∴
p>
a
n
+
1
a
n
2
n
+
1
?
2
< br>n
=
3
4
,
故
?
?
a
n
?
1
p>
3
?
2
n
?
?
是首项为
2
,公差为
4
的等差数列.
∴
a
n
1
3
3
n
-<
/p>
1
2
n
=
2
+
(
n
?1)·
4
=
4
,
故
a
n
=(3
n
?1)·2
p>
n
?2
.
【易错点】
对于
b
n
=a
n
+
1<
/p>
?2a
n
,
在条
件中无法构造出来,等比数列的判定与证明常用的方法不清楚
.
【思维点拨】
等比数列的判定与证明常用的方法:
(
1
)定义法:
a
n
?
1
a
?
q
(
q
为常
数且
q
?
0)
?
数列
{
a
n
}
是等比数列.
n
(
2
)等比中项法:
a
2
*
n
?
1
?
a
n
?
a
n
?
2
(
n
?<
/p>
N
,
a
n
?
0)
?
数列
{
a
n
}
是等比数列.
3
n
*
(
p>
3
)通项公式法:
a
n
?
tq
(
tq
?
0,
n
?
N
)
?
数列
{
a
n
}
p>
是等比数列.
n
(
4
)前
n
项
和公式法:若数列的前
n
项和
S
n
?
?
Aq
?
A
(
A
?
0,
q
?
0,
q
?
1)
,则该数列是等比数列.
其中前两种方法是证明等比
数列的常用方法,而后两种方法一般用于选择题、填空题中.
注意:
(
1
)若要判定一个数列不是等比数列,则只需判定存在连续三项不成等比数列即可.
(
2
)只满足
p>
a
n
?
1
?
qa
n
?
q
?
0
?
的数列未必是等比数列,要使其成为等比数列还需要
a
1
?
0
.
等差数列、等比数列的性质
题组一
等差数列性质的应用
例
1
若
{
a
< br>n
}
是等差数列,首项
a
1
>0
,
a
2 016
+
a
2 0
17
>0
,
a
2 016
·
a
2 017
<0
,则使前
n
项和
p>
S
n
>0
成立的最
大正整数
n
是
A
.
2 016
C
.
4 032
【答案】
C
【解析】因为
a
1
>0
,
a
2
016
+
a
2 017
>0
,
a
2
016
·
a
2 017
<0
,所以
d
<0
,
a
2 016
>0
p>
,
a
2
017
<0
,
所以
S
4
032
?
B
.
2
017
D
.
4
033
4032(
a
1
?
a
4032
)
4032(
a
2016<
/p>
?
a
2017
)
4033(
a
1
?
a
4033
)
?
?
0
,
S
4 033
?
?
4033
a
2017
?
0
,所以
2
2
2
使前
n
项和
S
n
>0
成立的最大正整
数
n
是
4
032.
【易错点】
等差数列的求和
与等差数列的某一项有关系。
题组二
等比数列性质的应用
例
2
已知数列
{
a
n
}
是等比数列,
p>
S
n
为其前
n
p>
项和,若
a
1
+<
/p>
a
2
+
a
3
=4
,
a
4
+
a
5
+
a
6
=8
,则
S
12
=
A
.
40
C
.
32
【答案】
B
【解析】由等比数列的性质可知,数列
S
3
,
S
6
?
S
3
,
S
p>
9
?
S
6
,
S
12
?
S
9
是等比数列,即数列
4,8
,
S
9
?
S
6
,
S<
/p>
12
?
S
9
p>
是等比数列,因此
S
12
< br>=4
+
8
+
16
+
32=60
,选
B
.
【易错点】
B
.
60
D
.
50
<
/p>
S
2
n
?
1
?
q
n
,等式不会转化
.
S<
/p>
n
【思维点拨】
等差(比)数列的性质是每年高考的热点之一,利用等差(比)数列的性质进行求解可使题目减少运
4
算量,题型以选择题或填空题为主,难度不
大,属中低档题
.
应用等差数列性质的注意点:
(
p>
1
)熟练掌握等差数列性质的实质
等差数列的性质是等差数列的定义、通项公式以及前
n
项和公式等基础知识的推广与变形,熟练掌握和灵
活应用这些性质可以有效、方
便、快捷地解决许多等差数列问题
.
(
2
)应用等差数列的性质解答问题的关键
寻找项数之间的关系,
但要注意性质运用的条件,如若<
/p>
m
?
n
?
p
?
q
,则
a
m
?
a
n
?
a
p
< br>?
a
q
(
m
,
n,
p,
q
?
N
*
)
,需要当序号之和相等、
项数相同时
才成立,再比如只有当等差数列
{
a
n
}
的前
n
项和
S
n
中的
n<
/p>
为奇
数时,才有
S
n
=
na
中
成立
.
应用等比数列性质时的注意点:
(<
/p>
1
)在解决等比数列的有关问题时,要注意挖掘隐含条件,利用性
质,特别是性质
“
若
m
+
n
=
p
+
q
,则
a
m
·
a
n
=
a
p
·
a
p>
q
”
,可以减少运算量,提高解题速度.<
/p>
(
2
)在应用
相应性质解题时,要注意性质成立的前提条件,有时需要进行适当变形.此外,解题时注意设
而不求思想的运用
.
等差数列与等比数列的综合
例
1
已知
{
a
n
}
p>
是等差数列,公差
d
不为零,前
n
项和是
S
n
.
若
a
3
,
a
4
,
a
8
成等比数列,则
A
.
a
1
d
>0
,
dS
4
>0
C
.
a
1
d
>0
,
dS
4
<0
【答案】
B
5
5
【解析】
由
a
2
得
(
a
1
+
2
d
p>
)(
a
1
+
7
d
)=(
a
1
+
3
d
)
2
,
整理得
d
(5
d
+
3
a
1
)=0
,
又
d
≠0
,
∴
a
1
=?
d
,
则
a
1
d
=?
d
2
<0
,
4
=
a
3
a
p>
8
,
3
3
2
2
又∵
S
4
=4
a
1
+
6
d
=?
d
,∴
dS
4
=?
d
2
<0
,故选
B
.
3
3
【易错点】
对三项成等差
数列的中项性质应用
.
例
2
已知
数列
{
a
n
}
满足:
a
n
+
1
?
a
n
p>
=
d
(
n
∈
N
*
)
,前
n
项和记为
S
n
,
a
1
=4
,
S
3
=21.
(1)
求数列
p>
{
a
n
}
的通项公式;
16
a
(2)
设数列
{
b
n
}
满足
b
1
=
,
b<
/p>
n
+
1
?
b
n
?
2
n
,求数列
{
b
n
}
的通项公式.
<
/p>
7
1
+
【答案】
(1)
a
n
=3
n
+
1
;
(2)
b
n
=
×2
3
n
1
.
7
3×2
【解析】
(1)
由已知数列
{
a
n
}
为等差数列,公差为
d
,则
S
3
=3×4
+
d
=21
,解得
d
=3
,
2
5
B
.<
/p>
a
1
d
<0
p>
,
dS
4
<0
p>
D
.
a
1
d
<0
,
dS
4
>0
所以数列
{
a
n
}
的通项公式为
< br>a
n
=3
n
+
1.
(2)
< br>由
(1)
得
b
< br>n
+
1
?
b
n
=2
3
n
1
.
当<
/p>
n
≥2
时,
b<
/p>
n
=(
b
n
p>
?
b
n
?1
)
+
(
b
n
?1
?
b
n
?2
)
+
…
+
(
b
2
?
b
1
)
+
b
1
,<
/p>
所以
b
n
p>
?
2
3
n
?
2
+
?
2
3
n
?
< br>5
16
2
4
[1
?
2
3(
n
?
1)
]
16
1
3
n
?
1
?
L
?<
/p>
2
?
?
?
?
?
2
?
n
?
2
?
.
7
1
?
2
3
7
7
4
16
1
+
又
b
1
=
p>
满足
b
n
=
×2
3
n
1
,
7
7
1
+
所以
?
n
∈
N
*
,
b
n
=
×2
3
n
1
.
7
【易错点】
累加法的联想和使用
.
考点
5
等差数列与等比数列的创新问题
题组一
等差数列与等比数列的新定义问题
S
2
n
例
1
p>
设
S
n
为数列
p>
{
a
n
}
的前
n
项和,若
(
p>
n
∈
N
*
)
是非零常数,则称该数列为
“
和等比数列
”
.若数列
{
p>
c
n
}
是首
S
n
项为
2
、公差为
d
(
d
≠0)
的等差数列,且数列
{
c
n
}
是
“
和等比数列
”
,则
d
=________.
【答案】
4
【解析】由题意可知,数列
{
c
n
p>
}
的前
n
项和为<
/p>
S
n
?
n
(
c
1
?
c
n
)
2
n
(
c
1
?
c
2
n
)
S
2
n
,前
2
n
项和为
S
2
n
?
,所以
=
S
n
2
p>
2
2
n
(
c
1
?
c
2
n
)
2
< br>nd
2
S
2
n
2
=2
+
=2
+
,所以当
d
< br>=4
时,
为非零常数.
S
n
4
+
nd
-
d
4
-
d
n
(
< br>c
1
?
c
n
)
1
+
n
d
2
【易错点】
数列新定义型创新题<
/p>
.
【思维点拨】
数列新定义型创新题的一般解题思路:
(1)
阅读审清
“
新定义
”
;
(2)
结合常规的等差数列、等比数列的相关知识,化归、转化到
“
新定义
”
的相关知识;
<
/p>
(3)
利用
“
新
定义
”
及常规的数列知识,求解证明相关结论.
题组二
等差数列与等比数列的文化背景问题
例
2
《九章算术》卷第六《均输》中,提到如下问题:
“
今有竹九节,下三节容量四升,上四节容量三升.问
< br>中间
二节欲均容,各多少?
”
其
中
“
欲均容
”
的意思是:使容量变化均匀,即每节的容量成等差数列.在这个
..
问题中的中间
两节容量分别是
..
A
.
<
/p>
67
41
升、
升
66
33
B
.
2
p>
升、
3
升
6
C
.
3
p>
37
升、
升
22
33
D
.
67<
/p>
37
升、
升
<
/p>
66
33
【答案】
D
【解析】设从上而下,记第
i<
/p>
节的容量为
a
i
升,故
a
1
?
a
2
?
a
3<
/p>
?
a
4
?
3
,
a
7
?
a
8
?
a
9
?
4
,设公差为
d
,
13
?
a
?
?
< br>?
3
a
1
?
21
d
?
4
67
37
?
1
22
则有
?
,解得
?
,故
a
5
?
,
a
6
?
,选
D
.<
/p>
7
66
33<
/p>
?
4
a
1
?
6
d
?
3
?
d
?
?
66
?
【易错点】
数学文化和数学知识的结合需要学生的应用意识
.
公式法求和
题组一
等差数列的求和公式
S
1
S
2
S
< br>15
例
1
< br>设等差数列
{
a
n
}
的前
n
项和为
S
n
,且满足
S
17
>
0
,
S
18
<
0
,则
,
,
…
,
中最大的项为
a
1
a
2
a
15
S
7
A
.
a
7
S
9
C
.
a
9
【答案】
C
【解析】
因为
{
a
n
}
是等差数列,
所以
S
17
=
S
8
B
< br>.
a
8
S
10
D
.
a
10
17(
a
1
?
a
17
)
18(
a
1
?
a
18
)<
/p>
=17
a
9
><
/p>
0
,
所以
a
p>
9
>
0
,
又
S
18
=
=9(
a
9
+
a
10
)
2
2
S
9
<
< br>0
,所以
a
10
<
0
,即该等差数列前
9
p>
项均是正数项,从第
10
项开始是负数项,
则
最大,故选
C
.
a
9
【易错点】
等差数列的公差和求和的关系
.
题组二
等比数列的求和公式
例
2
在等
比数列
{
a
n
}
中,
a
1
+
a
n
=34
,
a
2
·
a
p>
n
?1
=64
,且
前
n
项和
S
n
=62
,则项数
n
等于
A
.
4
C
.
6
【答案】
B
【解析】设等比数列
{
a
n
}
的公比为
q
,由题意得
a
2
a
n
p>
?1
=
a
1
a
n
=64
,
又
a
1
+
a
n
=34
,解得
a
1
=2
,
a
n
=32
或
a
1
=32
,
a
n
=2.
B
.
5
D
.
7
p>
a
1
(1
?
q
n
)
a
1
-
a
n
q
2
-
32
< br>q
当
a
1
=2
,
a
n
=32
时,
S
n
=
=
=
=62
,
解得
q
=2.
又
a
n
=
a
1
q
n
?1
,
所以
2×2
n
?1
=2
n
=32
,
解得
n
=5.
1
-
q
1
-
q
1
?
q
7
<
/p>
a
1
(1
?
p>
q
n
)
a
1
-
a
n
q
32
?
2
q
1
?
n
?1
1
同理,当
a
1
=32
,
a
n
=2
时,由
S
n
=
=
=
< br>=62
,解得
q
=
.
又
a
n
< br>=
a
1
q
n
?1
=32×
?
< br>=2
,所
2
?
< br>?
2
1
?
q
1
-
q
1
?
q
以
?
p>
1
?
n
?1
1
?
2
?
=
16
=
?
1
?
2
?
< br>?
4
,即
n
?1=4
,
n
=5.
综上,项数
n
等于
5
,故选
B
.
【易错点】
等比数列中项性质的求解
.
例
3
已知等差数列
{
a
n
}
的前
n
项和为
S
n
,且
S
3
=9
,
a
1
,
a
3
,
a
7
p>
成等比数列.
(1)
求数列
{
a
n
}
的通项公式;
(2)
若
a
n
≠
a
1
(
当
< br>n
≥2
时
)
,数列
{
b
n
}
满足
b
n
=2
an
,求数列
{
b
n
}
的前
< br>n
项和
T
n
.
【答案】
(1)
a
< br>n
=
n
+
1
或
a
n
=
3
;
(2)
T
n
=2
n
+
2
?4.
【解析】
< br>(1)
设等差数列
{
a
n
}
的公差为
d
.
由题意得
a
2
p>
3
=
a
1
a
7
,即
(
a
1
+
2
d
)
2
=
a
1
1
(
a
1
+
6
d<
/p>
)
,化简得
d
=
2
a
1
或
p>
d
=0.
当
d
p>
=
1
2
a
=3
a
3×2
1
9
1
时,
S
3
1
+
2
×
2
a
1
< br>=
2
a
1
=9
,得
a
1
=2
,
d
=1
,
∴
a
n
=
a
1
+
p>
(
n
?1)
d
p>
=2
+
(
n
?1)=
n
+
1
p>
,即
a
n
=
n
+
1
;
当
d
=0
时,由
S
3
=9
,得
a
1
=3
,
∴
a
n
=3.
综上,
a
n
=
n
+
1
或
a
n
=3.
(2)
由题意可知
b
n
=
2
a
n
=2
n
+
1
,
< br>
∴
b
b
n
+
1
1
=
4
,
b
n
=2
.
∴
{
b<
/p>
n
}
是以
4
p>
为首项,
2
为公比的等比数列,
∴
T
b
n
=
1
(1
< br>?
q
n
)
4(1
?
2
n
)
n
1
?
q
?
1
?
2
p>
=2
+
2
?4.<
/p>
【易错点】
等差数学与等比数列的互相
交叉使用
.
【思维点拨】
1
.两组求和公式
< br>(1)
等差数列:
S
1
?
a
n
)
n
(
n
=
< br>n
(
a
2
=
na
?
n
?
1)
1
2
d
;
?
(2)
等比数列:
S
?
na
1
,
q
?
1
n
?
?<
/p>
a
1
(1
?
p>
q
n
)
a
1
?
a
n
q
.
?
< br>?
1
?
q
?
1
?
q
,
q
?
1
8
2
.在进
行等差
(
比
)
数列项与和的运算时,若条件和结论间的联系不明显,则均可化成关于
a
1
和
d
(
q
)
的方程
组求解,但要注意消元
法及整体计算,以减少计算量.
注:在运用等比数列前
n
项和
公式时,一定要注意判断公比
q
是否为
1
,切忌盲目
套用公式导致失误.
错位相减法求和
例
1
已知
等比数列
?
a
n
?
的前
n
项和为
S
n
,若
S
3
?
7,
S
6
?
63
,则数列
?
na
n
?
的前
n
项和为
A
.
?
3
?
?
n
?
1<
/p>
?
?
2
n
B
.
p>
3
?
?
n
?
1
?
?
2
n
C
< br>.
1
?
?
n
?
1
?
?
2
n
p>
D
.
1
?
?
n
?
1
?
?
2
n
【答案】
D
?
a
1
1
p>
?
q
3
?
?
7
1
?
q
3
1
7
< br>?
1
?
q
?
?
【解析】
当
q
?
1
时,
不成立;
当
q
?
1
时,
,
两式相除得
,
解得
q
?
2
,
?
6
3
6
1
?
q
1
?<
/p>
q
63
?
a
p>
1
1
?
q
?
63
?
?
1
?
q
?
?
?
?
n
?
1
n
?
1
n
?
1
则<
/p>
a
1
?
1
,所以
a
n
?
a
1
q
?
2
,所以
n
?
a
n
?
n
?
2
,则数列
?
na
n
?
的前
n
项和为
T
n
?
1
?
< br>2
?
2
?
3
?
2
2
?
L
?
n
?
p>
2
n
?
1
,
2
T
n
?
1
< br>?
2
?
2
?
2
2
?
L
?
?
n
?
p>
1
?
?
2
n
?
1
?
n
?
2
n
< br>,
两式相减得到:
?
T
n
?
1
?
2
?
2
< br>?
L
?
2
所以
T
n
?
1
?
?
n
?<
/p>
1
?
?
2
,故选
D
.
n
2
n
?
1
1
?
2
n
?
n
?
2
?
?
n
?
2
n
?
?<
/p>
1
?
n
?
?
2
n
?
1
,
1
?
2
n
【易错点】
注意错位相减的运算步骤
.
*
例
2
<
/p>
已知等差数列
?
a
n
?
满足
:
a
n
?
1
?<
/p>
a
n
(
n
?
N
)
,
a
1
?
1
,该数列的前三项分别加上
1
,
1
,
3
后成等比数
< br>列,
a
n
?
2log
2
b
n
< br>?
?
1
.
(1)
求数列
?
< br>a
n
?
,
?
b
n
?
的
通项公式
;
(2)
求数列
?
a
n
?
b
n
?
的前
< br>n
项和
T
n
.
【答案】
(1)
a
n
?
2
< br>n
?
1
,
b
n
=
;
(
2)
T
n
=
3
?
2
n
?<
/p>
3
.
2
n
9
<
/p>
【解析】
(1)
设等差数列
?
a
n
?
< br>的公差为
d
,且
d>
0
,
由
a
1
?
1
,
a
2
?
1
?
d
,<
/p>
a
3
?
1
?
2
d
,
分别加上
1
,
1
,
3
后成等比数列,
得
?
2
?
d
p>
?
?
2
?
4
?
2
d
?
,
解得
d=
2
,
∴
< br>a
n
?
1
?
?
n
?
1
?
?
2
?
p>
2
n
?
1
.
∵
a
n
?
2log
2
b
n
?
?
1
,
∴
log
2
b
n
?
?
n
,即
b
n
=
(2)
由
(1)
得
a
n
·
b
n
=
2
1
.
p>
n
2
2
n
?
1
.
2
n
+
…
< br>+
∴
T
n
=
2
n
?
1
,①
n
2<
/p>
T
n
=
①
?
②,得
+
…
+
2
n
?
1
,②
2
n
?
1
< br>T
n
=
+
2
+
…
+
2
n
?
1
.
p>
n
?
1
2
1
n
?
1
2
n
?
< br>1
1
2
n
?
1
2
n
?
3
2
∴
T
p>
n
=
1
?
?
n
=
3
?
n
?
2
< br>?
n
=
3
?
n
.
1
2
2
2
2
p>
1
?
2
1
?
【易错点】
注意错位相减的运算步骤
.
【思维点拨】
错位相减法
适用于各项由一个等差数
列和一个等比数列对应项的乘积组成的数列.把
S
n
=
a
1
+
a
2
+
…
+
a
n
两边同乘
< br>以相应等比数列的公比
q
,得到
qS
n
=
a
1
q
+
a
2
p>
q
+
…
+
a
n
q
,两式错位相减
即可求出
S
n
.
裂项相消法求和
2
例
1
<
/p>
已知数列
?
a
n
?
的前
n
项和
S
n
?
n
p>
?
2
n
,则数列<
/p>
?
?
1
?
?
的前
6
项和为
p>
a
?
a
?
n
n
?
1
?
2
15
5
C<
/p>
.
11
p>
A
.
【答案】
A<
/p>
4
15
10
D
.
11
B
.
10
-
-
-
-
-
-
-
-
-
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