-
配凑法
(
高中版
)
(第课时)
神经网络
准确记忆!
D
重点难点
好好把握!
重点
:
1<
/p>
.
;
2
.
;
3
.
。
难点
:
1
.
;
2
.
< br>;
3
.
;
。
考纲要求
注意紧扣!
1
.
;
2
.
;
3
.
。
p>
命题预测
仅供参考!
1
.
;
2
.
;
3
.
。
p>
考点热点
一定掌握!
所谓
“配凑”
指的是利用恒等变形的方法,
< br>把一个解析式中的某些项配凑我们所需要的形式,
用得最多的是配成完全平方式。
它的应用十分非常广泛,在因式分解、化简根式、解方程、证明
等式和不等式、求函数的
解析式以及最值、数列等等方面都经常用到它。
常用的基本配凑形式如下:
a
+
b
=
(a
+
b)
-
2ab
=
(a
-
b)
+
2ab
;
a
+
ab
+
b
=
(a
+
b)
-
ab
=
(a
-
b)
+
3ab
=
(a
+
2
2
2
2
2
2
2
2
< br>2
2
2
2
2
2
b
2
3
2
)
+(
b<
/p>
)
;
2
2
1
2
2
2
a
+
b
+
c
+
ab
< br>+
bc
+
ca
< br>=
[(a
+
b)
+
(b
+
c)
+
(c
+
a)
]
2
a
+
< br>b
+
c
=
(a
+
b
+
c)
-
2(ab
+
bc
+
ca)
=
< br>(a
+
b
-
c)
-
2(ab
-
bc
-
ca)
=…
1
+
sin2
α
=
1
+
2sin
α
cos
α
=(
sin
α
+
p>
cos
α
)
;
p>
x
+
2
2
2
2
1
1
2
1
2
< br>=
(x
+
)
-
2
=
(x
-
)
+
2
;……
等等。
x
2
x
x
常用的基本配凑策略如下:
把结论(或等式左边)变形,凑出题设(或等式右边)形式,以方便
利用已知条件。
把题设(或等式左边)变形,凑出结论(或等
式右边)形式,以从中推出结论。
把题设(或等式左边)先变
形,再把结论(或等式右边)变形,凑出变形后的题设(或等式
左边)形式。
1
.配凑法在化简求值中的应用
p>
x
?
x
?
2
的值。
?
1
x
?
x
?
3
1
< br>1
解:设
x
< br>2
?
y
,则由已知可得
y
?
?
2
,
< br>y
例
.
(高一)设
x
?
x
< br>1
2
1
?
2
?
2
,求
3
2<
/p>
?
3
2
-------------
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--------------
1
1
3
p>
3
?
2
(
y
?
)
?
3
y
?
?
< br>2
x
?
x
?
2
4
y
3
y
y
?
?
p>
?
而
。
?
1
p>
1
1
5
x
?
x
?
3
y
2
?
2
< br>?
3
(
y
?
)
2
?
2
?
3
y
y
p>
3
2
?
3
2
y
3
?
点评:本题是把把题设(或等式左边)先变形,再把结论(或等式左边)变形,凑出变形后
的题设(或等式右边)形式。
2
.配凑法在恒等式和不等式证明中的应用
3
.配凑法在方程中的应用
例
.
(高二)设方程
x
+
kx
+
2=
0
的两实根为
p
、
q
,若
(
的取值范围。
解:方程
x
+
kx
+
2=0
的两
实根为
p
、
q
,由韦达定理得:
p
+
q
=-
k
,
pq
=
2 ,
2
2
p
2
q
2
)
+(
)
≤
< br>7
成立,求实数
k
q
p
p
(
)
q
2
q
+(
< br>)
p
2
[(
p
?
q
)
2
?
2
pq
]
2
?
2
p
p>
2
q
2
(
p
2
?
q
2
)
2
?
< br>2
p
2
q
2
p
4
?
q
4
=
=
=
p>
=
(
pq
)
2
(
pq
)
2
(
pq
)
2
(
k
2
?
4
)
2
?
8
≤
7
,
解之得
k
≤-
10
或
k
≥
10
。
4
又因为
p
、
q
为方程
x
+
kx
+
2=0
的两实根,
∴
△=
k
-
8
≥
0
即
k
≥
2
2
或
k
≤-
2
2
,
综上所述,
k
的取值范围是:-
10
≤
k
≤-
2
2
或
2
2
≤
k
≤
10
。
点评:关于实系数一元二
次方程问题,总是先考虑根的判别式“
Δ
”
;已知方程有两根时,
可以恰当运用韦达定理。本题由韦达定理得到
p
+
q
、
pq
后,观察已知不等式,从其结构特征联
想到先通分后配
方,表示成
p
+
q
与
pq
的组合式。假如本题不对“△”讨论,结果将出错,
即使
有些题目可能结果相同,去掉对“△”的讨论,但解答是不严密、不完整的,这一点
我们要尤为
注意和重视。
4
.配凑法在二次函数中的应用
p>
例
.
(高一)函数
y
=
log
1
(
-
2x
+
5
x
+
3)
的单调递增区间是
_____
。
2
2
2
2
5
1
5
5
A.
(-∞
,
5
4
] B.
[
4
,+
∞
)
C. (
-
2
,
4
] D. [
4
,3) <
/p>
解:配方后得到对称轴,结合定义域和对数函数及复合函数的单调性求解。选
D
。
5
.配凑法在数列中的应用
1
2
4
2
n
例
.
(高三)求和
。
?
?
?
?
?
2
4
2
n
1
?
x
1
?
x
1
?<
/p>
x
1
?
x
分析:通分、拆项等技巧对本题均不适用,我们在进行分式运算时曾用过“逐项累加”的技
p>
巧,受此启发,如果把原题再配上一项
1
,
就可以进行累加了。
1
?
x
1
1
2
4
2
n
1
解:原式
?
?
< br>?
?
?
?
?
?
2
4
2
n
1
?
x
p>
1
?
x
1
?
x
1
?
x
1
?
x
< br>1
?
x
2
2
4
2
n
1
?
?
?
p>
?
?
?
?
n
2
2
4
2
1
?
x
< br>1
?
x
1
?
x
1
?
x
1
?
x
---
--------------------------------------------------
----
精品
文档
-----------------------------------
----------------------------------
?
?
p>
?
2
n
?
1
1
?
x
2
n
?
1
< br>?
1
1
?
x
点评:本题通过添项凑出能逐项累加的形式。
6
.配凑法在复数中的应用
b
a
1998
1998
)
+
(
)
p>
。
a
?
b
a
?
b
a
2
a
< br>a
2
分析
:
< br>把已知式两边同时除以
b
变形为
(
)
+
(
)<
/p>
+
1
=
0
,则
=
ω
(
p>
ω
为
1
的立
b
b
b
例
.
(高三)设非零复数
a
、
b
满足
a
+
ab
+
b
=
0
,求
(
2
2
方虚根)
,再把已知式配方为
(a<
/p>
+
b)
=
ab
,把二者代入所求式即可得解。
解法一
:
把
a
+
ab
+
b
=0
变形为
(
设
ω
=
2
2
2
a
2
a<
/p>
)
+
(
)
+
1
=
0
,
b
b
p>
a
1
b
2
3
3
,则
ω
+
ω
+
1
=
0
,可知
ω
为
1
的立方虚根,所以
=
,
ω
p>
=
?
=
1
,
b
?
p>
a
2
2
2
999
又由
a
+
p>
ab
+
b
=0 <
/p>
变形得:
(a
+
b)
=
ab
,
b
a
p>
a
999
b
999
a
2
999
b
2
999
1998
1998
所以
(
)
+
(
)
=
< br>(
)
+
(
)
=
(
)
+
(
)
=
ω
p>
a
?
b
b
a
a
?
b
ab
ab
+
=
2
。
点评:本题通过配
方,简化了所求的表达式;巧用
1
的立方虚根,活用
ω
的性质,计算表达
式中的高次幂。一系列的变换
过程,有较大的灵活性,要求我们善于联想和展开。如果未联想到
?
999
?
?
?
1
?
3
i
,可以用下面的解法:
2
解法二:把
a
+
ab
p>
+
b
=
0
变形为
(
2
2
a
2
a
b
?
1
?
3
i
)
+
(
)
+
1
=
0
,解出
=
后,化成
b
b
a
2
a
999
b
999
三角形式,代入所求表达式的变形式
(
)
+
(
)
< br>
,再完成后面的运算。
b<
/p>
a
解法三:假如本题没有想到以上一系列变换过程,还可由
a
+
ab
+
b
=
0
解出
a
=
2
2
?
1
?
3
< br>i
b
,代入所求表达式,进行分式化简后,化成复数的
三角形式,利用棣莫佛定理完成
2
最后的计算。
7
.配凑法在三角中的应用
x
x
x
sin
x
cos
cos
?
p>
。
x
2
4
8
8
sin
8
x
x
x
x
x
x
< br>x
8
sin
cos
cos
cos
4
sin
p>
cos
cos
8
8
4
2
?
4
p>
4
2
解:左边<
/p>
?
x
x
8
sin
8
sin
8<
/p>
8
例
.
(高一)
求证:
cos
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